不用bitset的解法： 令1插头表示与小于当前数的链接，2插头表示大于与当前数的链接。 将伦敦线上的三个数排序,记为a、b、c，并记录每个数对外的插头，记为pa,pb,pc，插头有4种情况：0、1、2、3，这个3表示当前数即有1插头对外，又有2插头对外（即某个数有下插头和右插头） 然后数可以把数轴分位4段： [1, a), (a, b), (b,c), (c, n * m]

当(pa & 1) == 1时，[1, a)是可以继续填的数；

当(pb & 1) == 1时，(a, b)是可以继续填的数；

当(pc & 1) == 1时，(b, c)是可以继续填的数；

当(pc & 2) == 2时，(c, n*m]是可以继续填的数；

这样就可以省略掉bitSet的空间了。